Jak pokazałbyś wydarzenie „w końcu się wydarzy”? Przeprowadziłbyś eksperyment myślowy z hipotetycznym przeciwnikiem. Twój przeciwnik może cię wyzwać dowolną liczbą dodatnią . Jeśli potrafisz znaleźć n (która najprawdopodobniej zależy od p ), dla którego szansa zdarzenia wydarzy się w czasie npnpn wynosi co najmniej , wygrywasz.1−p
W tym przykładzie „ ” jest wprowadzającą w błąd notacją, ponieważ używasz go zarówno w odniesieniu do jednego stanu losowego marszu, jak i do całego samego losowego marszu. Uważajmy na rozróżnienie. „ Ostatecznie osiąga 1 ” ma oznaczać podzbiór S zbioru wszystkich losowych spacerów Ω . Każdy spacer S ∈ Ω ma nieskończenie wiele kroków. Wartość S w czasie n wynosi S n . „ S osiąga 1 do czasu n ” odnosi się do podzestawu Ω spacerów, które osiągnęły stan 1Sn1SΩS∈ΩSnSnS1nΩ1do czasu . Rygorystycznie jest to zestawn
Ω1,n={S∈Ω∣S1=1 or S2=1 or ⋯ or Sn=1}.
W odpowiedzi na wyimaginowanego przeciwnika wykazujesz trochę o tej właściwościΩ1,n
Pξ(Ω1,n)≥1−p.
Bo jest arbitralne, masz dostępne wszystkie elementy zestawun
Ω1,∞=⋃n=1∞Ω1,n.
(Przypomnij sobie, że wtedy i tylko wtedy, gdy istnieje skończony n, dla którego S ∈ Ω 1 , n , więc nie ma żadnych nieskończonych liczb w tym związku.)S∈⋃∞n=1Ω1,n nS∈Ω1,n
Twoja zdolność do wygrania gry pokazuje, że prawdopodobieństwo tego związku jest większe niż wszystkie wartości postaci , bez względu na to, jak małe może być p > 0 . W związku z tym prawdopodobieństwo to wynosi co najmniej 11−pp>01 a zatem wynosi . Udowodnisz to1
Pξ(Ω1,∞)=1.
Jednym prostym sposobem na docenienie różnicy między „wydarzeniem w końcu” a posiadaniem nieskończonego oczekiwanego czasu pierwszego przejścia jest rozważenie prostszej sytuacji. Dla dowolnej liczby naturalnej niech ω ( n ) będzie sekwencjąnω(n)
ω(n)=(0,0,…,0n,1,1,…)
w których zer następuje po nieskończonym ciągu jedności. Innymi słowy, są to spacery, które pozostają u źródła i w pewnym (skończonym) czasie przechodzą do punktu 1 , a następnie pozostają tam na zawsze.n1
Niech będzie zbiorem wszystkich tych ω ( n ) , n = 0 , 1 , 2 , … z dyskretną algebrą sigma. Przypisz miarę prawdopodobieństwa za pomocąΩω(n),n=0,1,2,…
P(ω(n))=1n+1−1n+2=1(n+1)(n+2).
Zostało to zaprojektowane, aby szansa na skok do do czasu n równa się 1 - 1 / ( n + 1 ) , co oczywiście zbliża się arbitralnie do 1 . Wygrasz grę. Skok w końcu się zdarzy, a kiedy to nastąpi, nastąpi w pewnym skończonym czasie. Jednak oczekiwany czas, w którym to nastąpi, jest sumą funkcji przeżycia (która daje szanse, że nie skoczy w tym czasie1 n1−1/(n+1)1 ),n
E(τ)=11+12+13+⋯,
który się rozbiera. Wynika to z faktu, że istnieje stosunkowo duże prawdopodobieństwo, że trzeba długo czekać na skok.