Jak uruchomić Safari i otworzyć URL z aplikacji na iOS

Na stronie ustawień chcę dołączyć trzy linki do

• Moja witryna pomocy dla aplikacji
• Samouczek aplikacji YouTube
• Moja podstawowa witryna (tj. Link do etykiety „Created by Dale Dietrich”).

Przeszukałem tę stronę, Internet i moją dokumentację i nie znalazłem nic oczywistego.

UWAGA: Nie chcę otwierać stron internetowych w mojej aplikacji. Chcę tylko wysłać link do Safari, a ten link będzie tam otwarty. Widziałem wiele aplikacji, które robią to samo na stronie Ustawienia, więc musi to być możliwe.

Oto co zrobiłem:

1. Utworzyłem IBAction w plikach nagłówka .h w następujący sposób:

   - (IBAction)openDaleDietrichDotCom:(id)sender;

2. Dodałem UIButton na stronie Ustawienia zawierającej tekst, który chcę połączyć.

3. Odpowiednio podłączyłem przycisk do IBAction w File Owner.

4. Następnie wykonaj następujące czynności:

Cel C

- (IBAction)openDaleDietrichDotCom:(id)sender {
    [[UIApplication sharedApplication] openURL:[NSURL URLWithString:@"http://www.daledietrich.com"]];
}

Szybki

(IBAction w viewController, a nie w pliku nagłówkowym)

if let link = URL(string: "https://yoursite.com") {
  UIApplication.shared.open(link)
}

Szybka składnia:

UIApplication.sharedApplication().openURL(NSURL(string:"http://www.reddit.com/")!)

Nowa składnia Swift dla iOS 9.3 i wcześniejszych

Począwszy od jakiejś nowej wersji Swift (być może swift 2?), UIApplication.sharedApplication () jest teraz UIApplication.shared (domyślam się, że lepiej wykorzystuję obliczone właściwości). Dodatkowo adres URL nie jest już domyślnie konwertowany na NSURL, należy jawnie przekonwertować za pomocą as!

UIApplication.sharedApplication.openURL(NSURL(string:"http://www.reddit.com/") as! URL)

Nowa składnia Swift od iOS 10.0

Metoda openURL została uznana za przestarzałą i zastąpiona bardziej uniwersalną metodą, która pobiera obiekt opcji i procedurę asynchronicznego uzupełniania od iOS 10.0

UIApplication.shared.open(NSURL(string:"http://www.reddit.com/")! as URL)

Tutaj wymagane jest jedno sprawdzenie, czy adres URL, który ma być otwarty, można otworzyć za pomocą urządzenia lub symulatora, czy też nie. Ponieważ czasami (większość w symulatorze) znalazłem, że powoduje awarie.

Cel C

NSURL *url = [NSURL URLWithString:@"some url"];
if ([[UIApplication sharedApplication] canOpenURL:url]) {
   [[UIApplication sharedApplication] openURL:url];
}

Swift 2.0

let url : NSURL = NSURL(string: "some url")!
if UIApplication.sharedApplication().canOpenURL(url) {
     UIApplication.sharedApplication().openURL(url)
}

Szybki 4.2

guard let url = URL(string: "some url") else {
    return
}
if UIApplication.shared.canOpenURL(url) {
    UIApplication.shared.open(url, options: [:], completionHandler: nil)
}

Spójrz na -openURL:metodę UIApplication. Powinno to pozwolić na przekazanie instancji NSURL do systemu, która określi, w której aplikacji ją otworzyć i uruchomić tę aplikację. (Pamiętaj, że prawdopodobnie będziesz chciał -canOpenURL:najpierw sprawdzić , na wypadek gdyby adres URL nie był obsługiwany przez aplikacje aktualnie zainstalowane w systemie - chociaż nie jest to problem w przypadku zwykłych http://linków).

A jeśli nie masz pewności, czy podany adres URL textma schemat:

NSString* text = @"www.apple.com";
NSURL*    url  = [[NSURL alloc] initWithString:text];

if (url.scheme.length == 0)
{
    text = [@"http://" stringByAppendingString:text];
    url  = [[NSURL alloc] initWithString:text];
}

[[UIApplication sharedApplication] openURL:url];

Nieaktualna wersja Celu C to:

[[UIApplication sharedApplication] openURL:[NSURL URLWithString:@"http://apple.com"] options:@{} completionHandler:nil];

Swift 3.0

if let url = URL(string: "https://www.reddit.com") {
    if #available(iOS 10.0, *) {
        UIApplication.shared.open(url, options: [:])
    } else {
        UIApplication.shared.openURL(url)
    }
}

Obsługuje również urządzenia ze starszymi wersjami iOS

Rozwiązanie Swift 3 z przyciskiem Gotowe

Nie zapomnij import SafariServices

if let url = URL(string: "http://www.yoururl.com/") {
            let vc = SFSafariViewController(url: url, entersReaderIfAvailable: true)
            present(vc, animated: true)
        }

Ponieważ ta odpowiedź jest przestarzała od iOS 10.0, lepsza odpowiedź to:

if #available(iOS 10.0, *) {
    UIApplication.shared.open(url, options: [:], completionHandler: nil)
}else{
    UIApplication.shared.openURL(url)
}

y en Cel-c

[[UIApplication sharedApplication] openURL:@"url string" options:@{} completionHandler:^(BOOL success) {
        if (success) {
            NSLog(@"Opened url");
        }
    }];

openURL ( :) został uznany za przestarzały w iOS 10.0, zamiast tego powinieneś użyć następującej metody instancji na UIApplication: open ( : options: completeHandler :)

Przykład użycia Swift
Spowoduje to otwarcie „ https://apple.com ” w Safari.

if let url = URL(string: "https://apple.com") {
    if UIApplication.shared.canOpenURL(url) {
        UIApplication.shared.open(url, options: [:], completionHandler: nil)
    }
}

https://developer.apple.com/reference/uikit/uiapplication/1648685-open

W SWIFT 3.0

               if let url = URL(string: "https://www.google.com") {
                 UIApplication.shared.open(url, options: [:])
               }

Swift 5:

func open(scheme: String) {
   if let url = URL(string: scheme) {
      if #available(iOS 10, *) {
         UIApplication.shared.open(url, options: [:],
           completionHandler: {
               (success) in
                  print("Open \(scheme): \(success)")
           })
     } else {
         let success = UIApplication.shared.openURL(url)
         print("Open \(scheme): \(success)")
     }
   }
 }

Stosowanie:

open(scheme: "http://www.bing.com")

Odniesienie:

OpenURL w iOS10

Spróbuj tego:

NSString *URL = @"xyz.com";
if([[UIApplication sharedApplication] canOpenURL:[NSURL URLWithString:URL]])
{
     [[UIApplication sharedApplication] openURL:[NSURL URLWithString:URL]];
}

W Swift 1.2 spróbuj tego:

let pth = "http://www.google.com"
    if let url = NSURL(string: pth){
        UIApplication.sharedApplication().openURL(url)

Rozwiązanie Swift 4:

UIApplication.shared.open(NSURL(string:"http://yo.lo")! as URL, options: [String : Any](), completionHandler: nil)